Пусть
ψ(t):==f(x)−k=0∑nk!f(k)(t)(x−t)kf(x)−(f(t)+f′(t)(x−t)+⋯+n!1f(n)(t)(x−t)n) где a≤t≤x.
Тогда
ψ(x)=0,ψ(a)=f(x)−k=0∑nk!f(k)(a)(x−a)k, т.е., rn(x,a)=ψ(a).
Согласно условиям, ψ(t) дифференцируема на [a,x], тогда по теореме Коши Theorem 7, существует такое c∈(a,x), что
g(x)−g(a)ψ(x)−ψ(a)=g′(c)ψ′(c), тогда
ψ(a)=−g′(c)ψ′(c)(g(x)−g(c)) поэтому
rn(x,a)=−g′(c)ψ′(c)(g(x)−g(c)). Имеем
ψ′(t)===−(f(t)+f′(t)(x−t)+2!1f′′(t)(x−t)2+3!1f′′′(t)(x−t)3+⋯n!1f(n)(t)(x−t)n)′−f′(t)−f′′(t)(x−t)+f′(t)−2!1f′′′(t)(x−t)2+f′′(t)(x−t)−31f(4)(x−t)3+3!1f′′′(t)(x−t)3⋯−n!f(n+1)(t)(x−t)n−n!f(n+1)(t)(x−t)n. Таким образом,
rn(x,a)=n!1g′(c)f(n+1)(c)(g(x)−g(a))(x−c)n, что и требовалось доказать.