Воспользовавшись леммой Lemma 2, мы можем считать, что ∣an∣≥∣an+1∣ для всех n. Для удобства положим, что первый элемент ряда — это a0, т.е. n≥0. Рассмотрим частичную сумму S2n+1, имеем
S2n+1=∣a0∣−∣a1∣+∣a2∣−∣a3∣+∣a4∣+⋯+∣a2n∣−∣a2n+1∣=∣a0∣−(∣a1∣−∣a2∣)−(∣a3∣−∣a4∣)−⋯−(∣a2n−1∣−∣a2n∣)−∣a2n+1∣, так как ∣an∣≥∣an+1∣, то каждая скобка положительна, это значит, что S2n+1≤∣a0∣, т.е. последовательность (S2n+1) ограничена сверху.
С другой стороны, мы можем записать
S2n+1=∣a0∣−∣a1∣+∣a2∣−∣a3∣+⋯+∣a2n−2∣−∣a2n−1∣+∣a2n∣−∣a2n+1∣=(∣a0∣−∣a1∣)+(∣a2∣−∣a3∣)+⋯+(∣a2n−2∣−∣a2n−1∣)+(∣a2n∣−∣a2n+1∣)=S2n−1+(∣a2n∣−∣a2n+1∣), и так как ∣a2n∣≥∣a2n+1∣, то S2n+1≥S2n−1, т.е. она не убывает.
Итак, последовательность (S2n+1) ограничена сверху и не убывает, тогда по теореме Вейерштрасса Theorem 2 у неё есть предел n→∞limS2n+1=S≤∣a0∣.
Наконец, мы также можем записать
S2n+1=∣a0∣−∣a1∣+∣a2∣−∣a3∣+∣a2n∣−∣a2n+1∣=S2n−∣a2n+1∣, так как n→∞limS2n+1=S и по условию n→∞lim∣a2n+1∣=0, то по теореме Theorem 1
n→∞limS2n=n→∞lim(S2n+1+∣a2n+1∣)=S+0=S. Итак, мы показали, что n→∞limSn=S, что и означает сходимость ряда.